leonie anders (leonie80)
Neues Mitglied Benutzername: leonie80
Nummer des Beitrags: 2 Registriert: 01-2003
| Veröffentlicht am Montag, den 03. Februar, 2003 - 17:27: |
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Hallo! Ich habe hier ein gar nicht so kleines Problem... Vielleicht kann mir jemand wenigstens etwas helfen oder Tipps geben, Danke Die Auslenkung u(x; t) einer in der (x; u)-Ebene schwingenden Saite ohne äußere Anregung wird durch die folgende hyperbolische DGL bestimmt: utt = a²uxx xx-tiefgestellt Die Saite habe die Länge l und sei an den Enden fest eingespannt (u(0; t) = u(l; t) = 0). Bestimmen Sie die Auslenkung der Saite zur Zeit t in jedem Punkt x 2 [0; l] bei Anzupfen und Loslassen zur Zeit t = 0. |
Orion (orion)
Erfahrenes Mitglied Benutzername: orion
Nummer des Beitrags: 489 Registriert: 11-2001
| Veröffentlicht am Dienstag, den 04. Februar, 2003 - 14:23: |
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leonie, der Separationsansatz lautet (1) u(x,t)=w(x)*y(t), woraus (2) y''/a2y = w''/w, folgt. Da die linke Seite von (2) nicht von x und die rechte Seite nicht von t abhängt, müssen beide Ausdrücke gleich ein und derselben Konstanten k sein. Die Allgemeine Lösung von w''=kw lautet für k>0: w(x)=A*exp[sqrt(k)x]+B*exp[-sqrt(k)x]. Aus den Randbedingungen folgt dann A=B=0 ==>w=0. Also muss k<0 sein : k = - l2 und wir haben die beiden gewöhnlichen Dgln. (3) w'' + l2w=0 (4) y'' + l2a2y=0. Die allgemeine Lösung von (3) lautet (5) w(x)=Acos(lx)+Bsin(lx), und die Randbedingungen ergeben A=0, Bsin(lL)=0. Nichttriviale Lösungen existieren, falls sin(lL)=0, d.h. wenn (6) l € {ln=np/L | n€N }. Die allgemeine Lösung von (4) mit l=ln heisst (7) yn(t)= Ancos(alnt)+Bnsin(alnt). Die Allgemeine Lösung von utt=a2uxx entsteht durch Superposition u(x,t) = S¥ n=1yn(t)*sin(lnx). Jetzt muss man noch die An,Bn bestimmen, wozu die Anfangsbedingungen heranzuziehen sind.
mfG Orion
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