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Nadine (Anja)
| Veröffentlicht am Freitag, den 07. Dezember, 2001 - 09:39: |
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HI Ich hoffe ihr könnt mir bei folgender Aufgabe weiterhelfen: Durch Vergleich mit dem Integral ist zu Zeigen, dass die Reihe 1+ 1/2^s + 1/3^s + 1/4^s + ... für beliebige s größer 1 konvergiert. Danke Nadine |
H.R.Moser,megamath
| Veröffentlicht am Montag, den 10. Dezember, 2001 - 10:49: |
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Hi Nadine, Als Grundlage für den Konvergenzbeweis in der in Deiner Aufgabe erwähnten renommmierten Reihe dient uns ein von MacLaurin und Cauchy stammendes Vergleichskriterium: Dieses Kriterium, welches für positive monoton fallende Funktionen y = f(x) mit positiven x-Werten gilt, machen wir uns anhand einer Skizze im ersten Quadranten eines Koordinatensystems klar. Skizziere eine solche Funktion samt einem Treppenpolygon über dem Gesamtintervall [n , N] ;die Unterteilung dieses Intervalls geschehe mit gleichen Breiten eins der Teilintervalle. Das Treppenpolygon sei so angesetzt, dass eine Untersumme A für das unten erwähnte Integral entsteht, dass also A < J gilt, wobei J das bestimmte Integral der Funktion y = f(x) über dem Intervall [n , N] darstellt; d.h. es ist J = int [f(x) * dx] ,untere Grenze n , obere Grenze N A stellt die Fläche unter dem Treppenpolygon dar und kann als Rechtecksumme geschrieben werden, nämlich: A = sum [ f(k) *1] , Summation über k von k = n +1 bis N . Addiert man nun zur Ungleichung. (1): A < = J links und rechts f(n), so entsteht die Ungleichung (2): sum [f(k) *1] < = f(n) + J , Achtung: Summation in (2) von k = n bis k = N Fasst man nun (1) und (2) zusammen,. So bekommt man die erwähnte Abschätzung in voller Grösse: J < = sum [ f(k) ] < = f(n) + J °°°°°°°°°°°°°°°°°°°°°°°°°°°°°° Der Summationsindex läuft von n bis N, in Uebereinstimmung mit den entsprechenden Grenzen des Integrals J. Lassen wir N gegen unendlich streben ,so ergibt sich die folgende Tatsache: Das Integral J und die eingepferchte ( unendliche ) Reihe sind gleichzeitig konvergent oder divergent ! Setze dieses Vergleichskriterium als allgemein bekannt voraus, und benütze es jetzt zur Lösung Deiner Aufgabe. Die Reihe ist sum[1 / (k ^ s)], das Integral J = int [1 / (x^s) * dx] ,untere Grenze 1,obere Grenze unendlich. Da für s > 1 das Integral bekanntlich existiert, ist auch die Konvergenz der Reihe für s >1 gesichert; Die Summe stellt die Riemannsche Zetafunlktion zeta(s) dar. Allenfalls zeige ich Dir auch den Nachweis der Konvergenz des uneigentlichen Integrals J von soeben. Mit freundlichen Grüßen H.R.Moser,megamath. |
Nadine (Anja)
| Veröffentlicht am Dienstag, den 11. Dezember, 2001 - 11:01: |
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Vielen Dank für deine Hilfe |
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