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Bert
| Veröffentlicht am Freitag, den 04. August, 2000 - 12:00: |
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Welche Punkte des Graphen der Funktion f(x)=4/x² haben vom Koordinatenursprung extremalen Abstand? |
Georg (Georg)
| Veröffentlicht am Freitag, den 04. August, 2000 - 12:33: |
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P(x|4/x²) d² = xP² + yP² = x² + 16/x4 Nur Lösungen d>0 sind sinnvoll. Für d>0 ist y = f(d) = d² monoton steigend. Um Extrema zu finden, kann statt d also auch d² untersucht werden. y = d² = x² + 16/x4 = x² + 16x-4 y' = 2x - 64x-5 y' = 0 : 2x - 64x-5 = 0 2x = 64x-5 | *x5 2x6 = 64 x = ±2 y'' = 2 + 64x-6 > 0 für alle x also Minima für x = ±2 |
Alf
| Veröffentlicht am Freitag, den 04. August, 2000 - 12:58: |
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Für den Quadrat des Abstandes vom Koordinatenursprung gilt: A^2=x^2+(f(x))^2 Der Abstand besitzt somit genau dort einen Extremwert, wo auch die Funktion y=x^2+16/x^4 einen Extremwert besitzt. y'=2x-64/x^3=0 x=+-32^(1/4) Die gesuchten Punkte des Graphen sind also P1(-32^(1/4);1/2^(1/2)) P2(32^(1/4);1/2^(1/2)) |
Alf
| Veröffentlicht am Freitag, den 04. August, 2000 - 13:13: |
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Meine obige Rechnung enthält einen Fehler. Richtig ist: Für den Quadrat des Abstandes vom Koordinatenursprung gilt: A^2=x^2+(f(x))^2 Der Abstand besitzt somit genau dort einen Extremwert, wo auch die Funktion y=x^2+16/x^4 einen Extremwert besitzt. y'=2x-64/x^5=0 x=+-32^(1/6) Die gesuchten Punkte des Graphen sind also P1(-32^(1/6);2^(1/3)) P2(32^(1/6);2^(1/3)) |
Georg (Georg)
| Veröffentlicht am Freitag, den 04. August, 2000 - 13:42: |
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Korrektur dank Alf 2x6 = 64 x6 = 32 x = ±6Ö32 |
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